Bảo toàn H cho phản ứng đốt m (g) X → n_H(X) = 2n_H2O = 2,08 mol

- Xét phản ứng thủy phân m gam X trong NaOH:

Đặt n_X = a mol

Bảo toàn H → n_H(X) + n_NaOH = 2n_{H2O(đốt muối)} + 8n_C3H8O3

→ 2,08 + 3a = 2.0,99 + 8a → a = 0,02

Bảo toàn Na → n_Na2CO3 = 1/2.n_NaOH = 0,03 mol

Bảo toàn C → n_C(X) = n_{Na2CO3(đốt muối)} + n_{CO2(đốt muối)} + 3n_C3H5(OH)3 = 1,1 mol

- Xét phản ứng đốt m (g) X:

Bảo toàn C → n_{CO2(đốt X)} = n_C(X) = 1,1 mol

Ta có:

⇔ k = 4

⟹ X có 1 π ở gốc hiđrocacbon (vì 3 nhóm COO chiếm 3 π)

⟹ n_Br2 = n_X = 0,02 mol

Đáp án cần chọn là: C

Chọn đáp án D

Chọn đáp án A

Một điểm giúp chúng ta nhìn ra vấn đề và giải nhanh của bài này

đó là gốc stearat và gốc oleat đều có 18C. giống như ở ID = 672975 .

E gồm: axit stearic: C18H36O2 axit oleic: C18H34O2

tristearin: (C17H35COO)3C3H5 = C18H36O2.C3H2;

triolein: (C17H33COO)3C3H5 = C18H34O2.C3H2

⇝ quy đổi E gồm C18H?O2 + C3H2 (C3H2 đại diện cho glixerol).

☆ giải đốt: m gam E + 5,585 mol O2 → t °  3,93 mol CO2 + 3,73 mol H2O.

bảo toàn O có nC18H?O2 = 0,21 mol → bảo toàn C có nC3H2 = 0,05 mol.

♦ cách 1: bảo toàn H giải ra ? = 736/21 → a gam muối là 0,21 mol C18H? – 1O2Na

⇥ thay giá trị ? trên vào giải a = 64,06 gam ⇝ Chọn đáp án A. ♥

♦ cách 2: BTKL phản ứng đốt có m = 61,34 gam; ∑naxit = 0,06 mol

⇒ BTKL phản ứng thủy phân có: a = 61,34 + 0,21 × 40 – 0,05 × 92 – 0,06 × 18 = 64,06 gam.

Chọn đáp án D

có khá nhiều cách và giải pháp cho bài này, xin trình bày 1 ý tưởng quy đổi như sau:

axit panmitic C15H31COOH; axit stearic C17H35COOH

⇒ tripanmitin: (C15H31COO)3C3H5 = 3C15H31COOH + C3H2

và tristearin: (C17H35COO)3C3H5 = 3C17H35COOH + C3H2

||→ quy hỗn hợp E gồm CnH2nO2 + C3H2. Giải đốt:

m gam E + 3,235 mol O2 →  2,27 mol CO2 + 2,19 mol H2O.

♦ BTKL có m = 35,78 gam. BTNT oxi có nCnH2nO2 = 0,13 mol.

đốt CnH2nO2 cho nCO2 = nH2O; đốt C3H2 cho 3CO2 + 1H2O

||→ Rút ra: ∑nCO2 – ∑nH2O = 2nC3H2 → nC3H2 = 0,04 mol.

⇒ dùng bảo toàn nguyên tố C → n = (2,27 – 0,04 × 3) ÷ 0,13 = 215/13.

♦ Giải thủy phân E + NaOH → a gam muối CnH2n – 1O2Na + glixerol + H2O.

||→ Giá trị a = 0,13 × (14n + 54) = 37,12 gam (thay giá trị n trên vào).

X + O₂ → x mol CO₂ + y mol H₂O

n_O2 = 1,24 mol 

m_X + m_O2 = m_CO2 + m_H2O → 13,728 + 1,24.32 = 44x + 18y (1)

Mà x – y = 0,064 mol => x = 0,88 mol và y = 0,816 mol

Bảo toàn O có n_O(X) + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O → n_O(X) 

= 2.0,88 + 0,816 – 2.1,24 =0,096 mol

Vì X là triglixerit nên n_O(X) = 6n_X → n_X = 0,016 mol

Ta có nX = (nCO2 - nH2O)/(k -1) => k = 5 

→ X cộng tối đa với 2H₂ → no

X + 0,096 mol H₂ → Y => n_X = 0,048 mol → m_X =41,184 gam

→m_Y = 41,184 + 0,096.2 =41,376 gam

n_Y =n_X =0,048 mol

Y + 3NaOH → a gam muối + C₃H₅(OH)₃

n_NaOH = 3n_Y = 0,048.3 =0,144 mol và n_C3H5(OH)3 = 0,048 mol

→ BTKL: m_muối = m_Y + m_NaOH – m_C3H5(OH)3 

= 41,376 + 0,144.40 – 0,048.92 = 42,72 gam

Đáp án cần chọn là: B

Giải thích: 

n_Na2CO3 = 0,5;n_CO2 = 2,5mol

Nếu chỉ có muối RCOONa thì n_RCOONa = 0,6mol ⇒ n_Na2CO3 = 0,3mol < n_RCOONa = 0,3mol đề bài ⇒ Loại

Vậy chứng tỏ trong Z có muối của phenol

2 muối bao gồm: RCOONa và R’ – C₆H₅ONa

⇒n_RCOONa = 0,6mol; n_{R′−C6H5ONa} = 0,4mol (bảo toàn Na)

Gọi số C trong muối axit và muối phenol lần lượt là a và b (b≥6)

Bảo toàn C: 0,6a + 0,4b = 0,5 + 2,5

⇒6a + 4b=30⇒3a+2b=15

Chỉ có b = 6 và a = 1 thỏa mãn.

⇒ HCOONa (0,6 mol) và C₆H₅ONa (0,4 mol)

Bảo toàn H: n_H = 0,6 . 1 + 0,4 . 5 = 2,6

=> n_H2O =  1,3 mol

=> m = 23,4g

Đáp án D

Chọn đáp án D

Đáp án C